高中高一下册物理期末试题分析答案分析
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一.选择题：本题共12小题，每小题5分，共计60分。其中4、9、10、12为双项选择，其余小题为单选题。双选题全对得5分，选出部分得3分，有错的得0分。
1.解析：A、重力做功与路径无关，只与初末位置有关，故A错误;B、当重物对物体做负功时，物体克服重力做功时，物体上升，重力势能一定增加，故B错误;C、重力势能为负值说明高度为负，即物体在零势能参考平面以下，故C正确;D、重力势能具有相对性，重力势能的大小与零势能参考面的选取有关;但是重力势能的变化仅仅与重力做功的多少有关，故D错误;故选：C
2.解析：A、根据动能定理△EK=W合，可知，合外力做正功时，动能增加，做负功时，动能减小，所以A正确，B错误.C、匀速下降的降落伞，由于重力对其做正功，重力势能减小，而动能不变，所以C错误.D、动能不变的物体，可以是物体速度的大小不变，但速度的方向可以变化，比如匀速圆周运动，此时的物体并不一定是受力平衡状态，故D错误.故选：A.
3.解析：A、t1时刻小球小球刚与弹簧接触，与弹簧接触后，先做加速度不断减小的加速运动，当弹力增大到与重力平衡，即加速度减为零时，速度达到最大，故A错误;B、t2时刻，弹力最大，故弹簧的压缩量最大，小球运动到最低点，速度等于零，故B错误;C、t2～t3这段时间内，小球处于上升过程，先做加速度不断减小的加速运动，后做加速度不断增大的减速运动，故C正确;D、t2～t3段时间内，小球和弹簧系统机械能守恒，故小球增加的动能和重力势能之和等于弹簧减少的弹性势能，故D错误;故选C.
4.解析：A、前3s内货物向上做匀加速直线运动，加速度的方向是向上，所以处于超重状态，故A正确;B、最后2s内货物的加速度a=
5.解析：A、元电荷是指最小的电荷量，带电体看作点电荷的条件，当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状无具体关系.故A错误B、元电荷是指电子或质子所带的电荷量，数值为e=1.60×10﹣19C，故B错误;C、元电荷是指最小的电荷量，不是指质子或者是电子，故C错误;D、基元电荷目前被认为是自然界中电荷的最小单元，故D正确;故选D.
6.解析：摩擦起电过程中，电子从一个物体转移到另一个物体，失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电，在摩擦起电过程中没有产生新电荷，只是电子发生转移;故选C.
7.解析：已知在P、Q连线上某点R处的电场强度为零，根据点电荷的电场强度公式得
=PR=2RQ.解得：q1=4q2.故选B.
8.解析：A、电荷做曲线运动，电场力与速度方向不在同一直线上，应指向轨迹弯曲的内侧，不可能沿轨迹的切线方向，则场强也不可能沿轨迹的切线方向.故A错误.B、负电荷所受的电场力方向与场强方向相反，图中电场力方向与速度方向的夹角为锐角，电场力做正功，电荷的速率增大，与题不符.故B错误.C、图中场强方向指向轨迹的内侧，则电场力指向轨迹的外侧，电荷的轨迹应向上弯曲，不可能沿如图的轨迹运动.故C错误.
D、图中场强方向指向轨迹的外侧，则电场力指向轨迹的内侧，而且电场力方向与电荷的速度方向成钝角，电场力做负功，电荷的速率减小，符合题意.故D正确.故选D
9.解析：A、过M、P、N做等势线，可得到过P点的等势线通过M、N之间，因顺着电场线电势降低，则有φM>φP>φN，故A正确;B、将负电荷由O点移到P点，因UOP>0，所以W=﹣qUOP<0，则负电荷做负功，故B错误;C、由U=Ed可知，MN间的平均场强小于OM间的平均场强，故MN两点间的电势差小于OM两点间的电势差，C错误;D、根据电场线的分布特点会发现，电场线关于y轴两边对称，故y轴上的场强方向在y轴上，所以在O点静止释放一带正电粒子，其所受电场力沿y轴正方向，则该粒子将沿y轴做直线运动，故D正确.故选AD.
10.解析：A、沿着电场线方向，电势降低，则有a点的电势高于b点电势，故A错误;
B、带负电的粒子沿电场线从a运动到b，电场力做负功，则电势能增加，故B正确;
C、电场线疏密反映场强大小，从b向a运动，场强不变，加速度不变，所以粒子做匀变速直线运动，若速度方向与加速度相同，则做匀加速直线运动;若两方向相反，则做匀减速直线运动，故C正确，D错误;故选BC.
11.解析：根据电场线疏密表示电场强度大小，Eaφb，故ABD错误，C正确.故选C.
12.解析：A：根据轨迹弯曲方向判断出，粒子在a→b→c的过程中，一直受静电斥力作用，根据同性电荷相互排斥，故粒子带正电荷，A错误;B：点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越大，场强越小，粒子在C点受到的电场力最小，故B错误;C：根据动能定理，粒子由b到c，电场力做正功，动能增加，故粒子在b点电势能一定大于在c点的电势能，故C正确;D：a点到b点和b点到c点相比，由于点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越大，场强越小，故a到b电场力做功为多，动能变化也大，故D正确.
故选：CD.
二：填空题：本题共2小题，每空4分，共计12分。
13.;2.
解析：根据点电荷场强公式得：
只在F处放一电量为﹣Q的点电荷，则中心O处的电场强度的大小.
若再在A、B、C、D、E处各放一电量为+Q的点电荷，
根据电场强度的叠加原理得B和E的叠加后场强为零，A和D的叠加后场强为零，
所以中心O处的电场强度的大小等于F和C的场强叠加，即2.
故答案为：，2.
14..
解析：小球运动过程中只有重力做功，根据机械能守恒得：mgL(1﹣cos60°)=mv2，
则通过最低点时：小球的速度大小为：
v==m/s=2m/s，
故答案为：
三.计算题：本题共3小题，共计28分。
15.(8分)解析：(1)由E=k-------------------3分，
得M点的电场强度为：E=1000N/C;
(2)电势能EM﹣EN=qφM﹣qΦN-------------------3分，
又ΦN=0
所以φM=(EM﹣EN)-------------------2分，
代入数据解得M点的电势ΦM=10V
答：(1)M点的电场强度大小1000N/C;
(2)M点的电势10V.
16.解析：(1)根据动能定理得
qUAB﹣mgh=-------------------3分，
得到=V=﹣10V--
-----------------1分，
(2)将微粒的运动分解为水平和竖直两个方向：水平方向做匀加速运动，竖直方向做竖直上抛运动.设A、B沿电场线方向的距离为d.则有
竖直方向：h=，-------------------1分，
水平方向：d=-------------------1分，
得到d=h=0.02m
所以匀强电场的场强E的大小E==-------------------2分，
答：(1)AB两点间的电势差UAB=﹣10V.
(2)匀强电场的场强E的大小是500V/m.
17.(12分)解析：(1)根据机械能守恒得：
-------------------2分，
解得：=;-------------------1分，
(2)物块在斜面上的加速度为：，-------------------1分，
在斜面上有：，-------------------1分，
代入数据解得：t1=1s.
物块在BC段的运动时间为：t2=t﹣t1=1.5s
BC段的位移为：-------------------1分，
(3)在水平面上，有：0﹣vB=a2t2-------------------1分，
解得：.
根据牛顿第二定律有：﹣μmg=ma2-------------------2分，
代入数据解得：μ=0.4.
(4)从A到D的过程，根据动能定理得：
mgsABsinθ+F(sBD+sABcosθ)﹣μmgsBD=0-------------------2分，
代入数据解得：F=2.48N.-------------------1分，
答：(1)小物块滑到B点时的速度大小为6m/s;
(2)BC的距离为4.5m;
(3)小物块与水平面的动摩擦因数为0.4;
(4)F的大小为2.48N.
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